编程方法：枚举（不用试，100%超时。。）

数学方法：如下，分析见注释

#include<cstdio>
#include<cmath>
using namespace std;

/* 分析：
> n = p*q ① 
> d*e = (p-1)*(q-1)+1 = (pq-p-q+1)+1 = pq-p-q+2 ②

把②代入①，得 d*e = n-p-q+2 
移项，得 p+q = n-d*e+2 ③

由①得 q=n/p ④

把④代入③，得 p+n/p = n-d*e+2
等号两边同乘p，得 p*p+n = (n-d*e+2)*p
移项，得 p*p-(n-d*e+2)*p+n = 0 ⑤ 

在二元一次方程⑤中，a=1, b=-(n-d*e+2), c=n
△ = b*b-4*a*c

-> △>=0：p = (-b±√△ )/(2*a) //具体判定详见代码
q = n/p  //有可能出现 n%p!=0 的情况，需进行检验
-> △<0：NO 
*/

int main(){
	
	long long k, n, d, e;
	scanf("%lld", &k);
	
	for(long long i=0; i<k; i++){
		scanf("%lld%lld%lld", &n, &d, &e);
		
		//p*p-(n-d*e+2)*p+n = 0
		long long a=1, b=-(n-d*e+2), c=n;
		
		//△ = b*b-4*a*c
	    long long delta=b*b-4*a*c;
	    
        if(delta >= 0){  //△>=0：p = (-b±√△ )/(2*a)
            long long p1=(-b-sqrt(delta))/(2*a), p2=(-b+sqrt(delta))/(2*a), p;  //△>0，√△>0 => p1<p2
            
			//判定 p 取值
			if(p1>0) p=p1;  //0<p1<p2，p取最小值p1
			else p=p2;  //p1<0<p2，p取正数值p2
			long long q=n/p;  //q = n/p

			//进一步检验
            if(n==p*q && d*e==(p-1)*(q-1)+1) printf("%lld %lld\n", p, q);
			else printf("NO\n");
        } else printf("NO\n");  //△<0：NO 
	}
	
	return 0;
}